为您找到与高二物理电学试题及答案相关的共200个结果:
考试是让我们看到自己的不足点,强化我们的知识。下面是读文网小编收集整理的高二物理库仑定律测试题目及其参考答案以供大家学习。
下列关于点电荷的说法,正确的是()
A.点电荷一定是电量很小的电荷
B.点电荷是一种理想化模型,实际不存在
C.只有体积很小的带电体,才能作为点电荷
D.体积很大的带电体一定不能看成点电荷
解析:选B.当带电体间的距离比它们自身的大小大得多,以至带电体的形状、大小及电荷分布状况对它们的作用力影响可以忽略时,这样的带电体就可以看成点电荷,所以A、C、D错,B正确.
2.关于库仑定律的公式F=kQ1Q2r2,下列说法中正确的是()
A.当真空中的两个点电荷间的距离r→∞时,它们之间的静电力F→0
B.当真空中的两个点电荷间的距离r→0时,它们之间的静电力F→∞
C.当两个点电荷之间的距离r→∞时,库仑定律的公式就不适用了
D.当两个点电荷之间的距离r→0时,电荷不能看成是点电荷,库仑定律的公式就不适用
答案:AD
3.(2011年佛山高二检测)真空中两个点电荷Q1、Q2,距离为R,当Q1增大到原来的3倍,Q2增大到原来的3倍,距离R增大到原来的3倍时,电荷间的库仑力变为原来的()
A.1倍 B.3倍
C.6倍 D.9倍
解析:选A.原来的库仑力为F=kQ1Q2R2,后来的库仑力为F′=k3Q1•3Q23R2=kQ1Q2R2=F.所以A对.
4.如图1-2-9所示,两个质量均为 m 的完全相同的金属球壳 a和b,其壳层的厚度和质量分布均匀,将它们固定于绝缘支座上,两球心间的距离 l 为球半径的3倍.若使它们带上等量异种电荷,使其电荷量的绝对值均为Q,那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是()
图1-2-9
A.F引=Gm2l2,F库=kQ2l2
B.F引≠Gm2l2,F库≠kQ2l2
C.F引≠G m2l2,F库=kQ2l2
D.F引=Gm2l2,F库≠kQ2l2
解析:选D.由于a、b 两球所带异种电荷相互吸引,使它们各自的电荷分布不均匀,即相互靠近的一侧电荷分布较密集,又l=3r,不满足l≫r的要求,故不能将带电球壳看成点电荷,所以不能应用库仑定律,故F库≠kQ2l2.虽然不满足l≫r,但由于其壳层的厚度和质量分布均匀,两球壳可看成质量集中于球心的质点,可以应用万有引力定律,故F引=Gm2l2.
5.如图1-2-10所示,一条长为3L的绝缘丝线穿过两个质量都是m的小金属环A和B,将丝线的两端共同系于天花板上的O点,使金属环带电后,便因排斥而使丝线构成一个等边三角形,此时两环恰处于同一水平线上,若不计环与线间的摩擦,求金属环所带电量是多少?
图1-2-10
解析:小球A受力如图,受四个力,重力mg、库仑力F、丝线两个拉力FT相等.
则FTsin60°=mg
FTcos60°+FT=kq2L2
解得q= 3mgL2k.
答案:均为 3mgL2k
一、选择题
1.(2011年广东实验中学模拟)如图1-2-11所示,两个带电球,大球的电荷量大于小球的电荷量,可以肯定()
图1-2-11
A.两球都带正电
B.两球都带负电
C.大球受到的静电力大于小球受到的静电力
D.两球受到的静电力大小相等新课标第一网
解析:选D.由题图可知,两带电球相互排斥,则说明两球一定带有同种电荷,但不能确定是正电荷,还是负电荷,故A、B错;两带电球间的静电力具有一般力的共性,符合牛顿第三定律,故选项C错,D对.
2.两个带正电的小球,放在光滑的水平绝缘板上,它们相距一定距离.若同时释放两球,它们的加速度之比将()
A.保持不变 B.先增大后减小
C.增大 D.减小
解析:选A.两者之间的库仑力时刻保持大小相等、方向相反,由牛顿第二定律知:a1∶a2=m2∶m1,故A正确.
3.(2011年北京四中高二检测)两个质量分别为m1、m2的小球,各用长为L的丝线悬挂在同一点,当两球分别带同种电荷,且电荷量分别为q1、q2时,两丝线张开一定的角度θ1、θ2,如图1-2-12所示,则下列说法正确的是()
图1-2-12
A.若m1>m2,则θ1>θ2
B.若m1=m2,则θ1=θ2
C.若m1θ2
D.若q1=q2,则θ1=θ2
解析:选BC.这是一道带电体平衡问题,分析方法仍然与力学中物体的平衡方法一样.
4.要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍,下列方法可行的是()
A.每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍,电荷间的距离不变
B.保持点电荷的电荷量不变,使两个点电荷的距离增大到原来的2倍
C.使一个点电荷的电荷量增加1倍,另一个点电荷的电荷量保持不变,同时使两点电荷间的距离减小为原来的12
D.保持点电荷的电荷量不变,将两点电荷间的距离减小为原来的12
答案:AD
5.半径相同的两个金属小球A和B带有电量相等的电荷,相隔一定距离,两球之间的相互吸引力的大小是F,今让第三个半径相同的不带电的金属小球C先后与A、B两球接触后移开.这时,A、B两球之间的相互作用力的大小是()
A.18F B.14F
C.38F D.34F
解析:选A.由库仑定律,接触前F=kq2r2,接触后F′=k12q×14qr2=18kq2r2=18F,故A正确.
6.两个完全相同的小金属球,它们的带电荷量之比为5∶1(皆可视为点电荷),它们在相距一定距离时相互作用力为F1,如果让它们接触后再放回各自原来的位置上,此时相互作用力变为F2,则F1∶F2可能为()
A.5∶2 B.5∶4
C.5∶6 D.5∶9
解析:选BD.由库仑定律,它们接触前的库仑力为F1=k5q2r2
若带同种电荷,接触后的带电荷量相等,为3q,此时库仑力为F2=k9q2r2
若带异种电荷,接触后的带电荷量相等,为2q,此时库仑力为F′2=k4q2r2
由以上计算可知选项BD正确.新 课 标 第 一 网
7.(2011年铜陵一中高二检测)如图1-2-13所示,在光滑且绝缘的水平面上有两个金属小球A和B,它们用一绝缘轻弹簧相连,带同种电荷.弹簧伸长x0时小球平衡,如果A、B带电荷量加倍,当它们重新平衡时,弹簧伸长为x,则x和x0的关系为()
图1-2-13
A.x=2x0 B.x=4x0
C.x<4x0 D.x>4x0
解析:选C.设弹簧原长为l,劲度系数为K,根据库仑定律和平衡条件列式得
kq1q2l+x02=Kx0,k4q1q2l+x2=Kx
两式相除:l+x24l+x02=x0x,得:x=l+x02l+x2•4x0,
因l+x>l+x0,由此推断选项C正确.
8.如图1-2-14所示,三个完全相同的金属小球a、b、c位于等边三角形的三个顶点上.a和c带正电,b带负电,a所带电荷量的大小比b的小.已知c受到a和b的静电力的合力可用图中四条有向线段中的一条来表示,它应是()
图1-2-14
A.F1 B.F2
C.F3 D.F4
解析:选B.据“同电相斥、异电相引”规律,确定电荷c受到a和b的库仑力方向,考虑a的带电荷量小于b的带电荷量,因此Fb大于Fa,Fb与Fa的合力只能为F2,故选项B正确.
二、计算题
9.一带电荷量为+Q、半径为R的球,电荷在其内部能均匀分布且保持不变,现在其内部挖去一半径为R/2的小球后,如图1-2-15所示,求剩余部分对放在两球心连线上一点P处电荷量为+q的电荷的静电力.已知P距大球球心距离为4R.
图1-2-15
解析:未挖去之前,+Q对q的斥力为:F=kQq4R2
挖去的小球带电荷量为:Q′=Q4πR33×4πR233=Q8
挖去的小球原来对q的斥力为:
F1=kQ8q4R-R22=kQq98R2
剩余部分对q的斥力为:
F2=F-F1=41kQq784R2,方向向右.
答案:41kQq784R2方向向右
10. (2011年广州高二检测)光滑绝缘导轨,与水平面成45°角,两个质量均为m,带等量同种电荷的小球A、B,带电量均为q,静止于导轨的同一水平高度处,如图1-2-16所示.求:两球之间的距离.
图1-2-16
解析:设两球之间的距离为x,相互作用的库仑力为F,则:F=kq2x2
由平衡条件得:Fcos45°=mgsin45°
由以上两式解得:x=q kmg.
答案:q kmg
11.质量均为m的三个带电小球A、B、C放置在光滑绝缘的水平面上,相邻球间的距离均为L,A球带电量qA=+10q;B球带电量qB=+q.若在C球上加一个水平向右的恒力F,如图1-2-17所示,要使三球能始终保持L的间距向右运动,问外力F为多大?C球带电性质是什么?
图1-2-17
解析:由于A、B两球都带正电,它们互相排斥,C球必须对A、B都吸引,才能保证系统向右加速运动,故C球带负电荷.
以三球为整体,设系统加速度为a,则F=3ma①
隔离A、B,由牛顿第二定律可知:
对A:kqAqC4L2-kqAqBL2=ma②
对B:kqAqBL2+kqBqCL2=ma③
联立①、②、③得F=70kq2L2.
答案:70kq2L2负电荷
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焦耳定律是定量说明传导电流将电能转换为热能的定律。下面是读文网小编收集整理的高二物理焦耳定律测试题目及其参考答案以供大家学习。
10.环保汽车在2008年奥运会场馆服务.某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车,总质量m=3×103 kg.当它在水平路面上以v=36 km/h的速率匀速行驶时,驱动电机的输入电流I=50 A,电压U=300 V.在此行驶状态下:w
(1)求驱动电机的输入功率P电;
(2)若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机,求汽车所受阻力与车重的比值(g取10 m/s2).
解析:(1)驱动电机的输入功率P电=IU=1.5×104 W.
(2)在匀速行驶时,P机=0.9 P电=Fv=Ffv,得
Ff=0.9P电v=1.35×103 N,
汽车所受阻力与车重之比Ffmg=0.045.
答案:(1)1.5×104 W(2)0.045
11.(2011年安徽省两地三校高二联考)如图2-5-14是家用电饭煲的电路图.将电饭煲接到稳压电源上,当开关接通“加热”挡时,电热丝以额定功率给食物加热,当食物蒸熟后,开关接通“保温”挡,给食物保温,这时电热丝的功率为其额定功率的1/9,电流为1.40 A,已知分压电阻的阻值是R=100 Ω.求:
图2-5-14
(1)保温时,电阻R两端的电压;
(2)稳压电源输出的电压;
(3)电热丝的额定功率.
解析:(1)电阻R两端的电压为UR=IR=1.40×100 V=140 V.
(2)设电热丝的电阻为r,电源输出电压为U,则
(UR+r)2r=19•U2r
解得:r=50 Ω.
所以电源电压为U=I(R+r)=1.40×(100+50) V=210 V.
(3)电热丝的额定功率为P=U2r=210 250 W=882 W.
答案:(1)140 V(2)210 V(3)882 W
12.如图2-5-15所示,已知UAB=6 V,当滑动变阻器触头P位于正中位置时,额定电压为3 V的灯泡L正常发光,当触头滑至最左端时,电灯实际功率为2 W,求此灯泡额定功率和变阻器的总电阻.
图2-5-15
解析:设滑动变阻器总电阻为Rm,灯泡电阻为RL,则根据P位于正中位置时灯泡正常发光,电压为3 V,滑动变阻器的电压为3 V,得RL=Rm2.新课标第一网
法一:找电流,P位于最左端的变阻器有效电阻R=Rm=2 RL,由功率关系知此时滑动变阻器的功率P′=2P′L=4 W,I=P′L+P′U=2+46 A=1 A.滑动变阻器的总电阻Rm=P′I2=4I2 Ω=4 Ω,RL=2 Ω.
灯泡的额定功率P额=U2额RL=322 W=4.5 W.
法二:找电压,P位于最左端时,变阻器有效电阻R′=Rm=2RL,则UL=2 V.所以RL=U2LPL=222 Ω=2 Ω,灯泡额定功率
P额=U2额RL=322 W=4.5 W.
变阻器总电阻Rm=2RL=4 Ω
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电荷的定向移动形成电流。大小、方向都不随时间变化的电流称为恒定电流。下面是读文网小编收集整理的高二物理恒定电流测试题目及其参考答案以供大家学习。
一、选择题(本题包括10小题,每小题4分,共40分,在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不答的得0分)
1.(2010年高考浙江理综卷)请用学过的电学知识判断下列说法正确的是()
A.电工穿绝缘衣比穿金属衣安全
B.制作汽油桶的材料用金属比用塑料好
C.小鸟停在单根高压输电线上会被电死
D.打雷时,呆在汽车里比呆在木屋里要危险
解析:选B.由静电屏蔽的知识可知,A、D选项均错;金属可以消除多余的静电,B项正确;单根高压输电线上相距较近的两点之间电阻很小,因而电压较小,小鸟不会被电死,C选项错误.
2.金属铂的电阻值对温度的高低非常“敏感”,所以可以利用铂的电阻随温度变化的性质制成铂电阻温度计,如图2-7所示的I-U图象中能表示金属铂的电阻情况的是()
图2-7
解析:选C.铂属于金属导体,其电阻率将随温度的升高而增大,当有电流通过时,由于热效应,所以导体的温度升高,并且电流越大,温度越高,电阻也将越大.在I-U图线中各点的切线斜率表示电阻的倒数,故电阻增大时,I-U图线斜率应减小,故C正确,A、B、D错误.
3.(2011年漳州高二检测)一台电动机,额定电压是100 V,电阻是1 Ω.正常工作时,通过的电流为5 A,则电动机因发热损失的功率为()
A.500 W B.25 W
C.1000 W D.475 W
解析:选B.电动机的热功率P=I2r=(5 A)2•1 Ω=25 W,B正确,A、C、D错误.
4.如图2-8所示,甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图线,则下列说法中正确的是()
图2-8
A.路端电压都为U0时,它们的外电阻相等
B.电流都是I0时,两电源的内电压相等
C.电源甲的电动势大于电源乙的电动势
D.电源甲的内阻小于电源乙的内阻
解析:选AC.在U-I图象中甲、乙两图线的交点坐标为(I0,U0),说明两电源的外电阻R=U0I0相等,A正确.图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小,与I轴交点坐标值表示外电路短路时的电流,图线斜率的绝对值大小表示电源内电阻的大小(也即电动势与外电路短路时电流的比值),由图线可得E甲>E乙,r甲>r乙,C正确,D错误.电流都是I0时,U内=I0r,所以U内甲>U内乙,B错误.
5.在如图2-9所示的电路中,由于某一电阻发生短路或断路,使A灯变暗,B灯变亮,则故障可能是()
图2-9
A.R1短路
B.R2断路
C.R3断路
D.R4短路
解析:选BC.由于A串联于干路中,且故障发生后,A灯变暗,故知电路中总电流变小,即电路总电阻变大,由此推知,故障应为某一电阻断路,排除选项A、D.
若假设R2断路,则其断路后,电路总电阻变大,总电流变小,A灯变暗,同时R2断路必引起与之并联的灯B中电流的变化,使B灯变亮,推理结果与现象相符,故选项B对.
若假设R3断路,则也引起总电阻变大,总电流变小,使A灯变暗,同时R3断路后也必引起与之并联的电路(即R1所在支路)中电流增大,灯B中分得电流也变大,B灯变亮,故选项C正确.
6.如图2-10所示,一个电源在外电阻不断变化时,内、外电阻消耗的电功率随电流变化的关系分别用抛物线C1、C2表示.由该图可知()
图2-10
A.电源的电动势为8 V
B.电源的内电阻为2 Ω
C.电源输出功率的最大值为16 W
D.电源消耗的最大功率为16 W
解析:选D.图中交点表示内、外电路消耗功率相等,此时的功率和电流分别为4 W和2 A,由P内=I2r,代入数据得r=1 Ω,故B错误;由P外=I2R知R=1 Ω,内电阻等于外电阻,电动势为E=I(R+r)=4 V,A错误.外电阻和内电阻相等时电源输出功率的最大值为4 W,C错误.电源消耗的功率为Pm=EI,当R=0时电流最大为4 A,Pm=16 W,故D正确.
7.小灯泡通电后,其电流I随所加电压U变化的图线如图2-11所示,P为图线上一点,PN为图线的切线,PQ为U轴的垂线,PM为I轴的垂线,则下列说法不正确的是()
图2-11
A.随着所加电压的增大,小灯泡的电阻增大
B.对应P点,小灯泡的电阻为R=U1I2
C.对应P点,小灯泡的电阻为R=U1I2-I1
D.对应P点,小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积
解析:选C.在I-U图象中,图线的斜率表示电阻的倒数,图象中图线的斜率逐渐减小,电阻应逐渐增大;对应P点,小灯泡的电压为U1,电流为I2,根据欧姆定律可知,小灯泡的电阻应为R=U1I2;其工作功率为P=U1I2,即为图中矩形PQOM所围的面积,因此本题应选择C项.
8.在如图2-12所示电路中,开关S1、S2、S3、S4均闭合,C是极板水平放置的平行板电容器,板间悬浮着一油滴P,断开哪一个开关后P会向下运动?()
图2-12
A.S1
B.S2
C.S3
D.S4
答案:C
9.(2011年北京海淀二模)在如图2-13所示的电路中,E为电源,其内阻为r,L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变),R1、R2为定值电阻,R3为光敏电阻,其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小,V为理想电压表.若将照射R3的光的强度减弱,则()
图2-13
A.电压表的示数变大
B.小灯泡消耗的功率变小
C.通过R2的电流变小
D.电源两极间的电压变小
解析:选B.若照射R3的光的强度减弱,则R3阻值增大,R总增大,由I=ER总知I减小,由UR1=IR1可知UR1减小,A错;UR2增大,则由IR2=UR2R2可知IR2增大,C错;灯泡的功率PL=I2L•RL,由IL=I-IR2可知IL减小,故PL减小,B正确;电源两极间电压U=E-Ir,所以U增大,D错.
10.(2011年东北三校联考)如图2-14所示,一个电饭煲和一台洗衣机同时并联接入有效电压为220 V的电源上,均正常工作.设电饭煲的电阻为R1、洗衣机电动机线圈的电阻为R2.开关闭合后,用电流表分别测得流过电饭煲的电流是5 A,流过洗衣机的电流是0.5 A.经过时间t后,电饭煲消耗的电能为E1,产生的电热为Q1;洗衣机消耗的电能为E2,产生的电热为Q2;电饭煲消耗的功率为P1、洗衣机电动机消耗的功率为P2.则下列关系正确的是()
图2-14
A.R2=10R1 B.E1=10E2
C.Q1=10Q2 D.P1=1555 W,P2=155.5 W
解析:选B.电源电压的有效值U=220 V,电饭煲为纯电阻用电器,故E1=Q1=U1I1t=220×5t=1100t,R1=U1I1=44 Ω,P1=U1I1=1100 W.而洗衣机为非纯电阻用电器,R2=UR2I2
#p#副标题#e#
二、实验题(本题包括2小题,每小题8分,共16分.按题目要求作答) 新课标第一网
11.(2009年高考安徽卷)用如图2-15所示电路,测定一节干电池的电动势和内阻.电池的内阻较小,为了防止在调节滑动变阻器时造成短路,电路中用一个定值电阻R0起保护作用.除电池、开关和导线外,可供使用的实验器材还有:
图2-15
a.电流表(量程0.6 A、3 A);
b.电压表(量程3 V、15 V);
c.定值电阻(阻值1 Ω、额定功率5 W);
d.定值电阻(阻值10 Ω、额定功率10 W);
e.滑动变阻器(阻值范围0~10 Ω、额定电流2 A);
f.滑动变阻器(阻值范围0~100 Ω、额定电流1 A).那么
(1)要正确完成实验,电压表的量程应选择________ V,电流表的量程应选择________ A;R0应选择________Ω的定值电阻,R应选择阻值范围是________Ω的滑动变阻器.
(2)引起该实验系统误差的主要原因是________.
答案:(1)30.610~10(2)电压表的分流
12.(2010年高考福建理综卷)如图2-16所示是一些准备用来测量待测电阻Rx阻值的实验器材,器材及其规格列表如下:
器材 规格
待测电阻Rx
电源E
电压表V1
电压表V2
电流表A
滑动变阻器R
开关S、导线若干 阻值在900 Ω~1000 Ω之间
具有一定内阻,电动势约9.0 V
量程2.0 V,内阻r1=1000 Ω
量程5.0 V,内阻r2=2500 Ω
量程3.0 A,内阻r=0.10 Ω
最大阻值约100 Ω,额定电流0.5 A
图2-16
为了能正常进行测量并尽可能减小测量误差,实验要求测量时电表的读数大于其量程的一半,而且调节滑动变阻器能使电表读数有较明显的变化.请用实线代替导线,在所给的实验器材图中选择若干合适的器材,连成满足要求的测量Rx阻值的电路.
解析:实验要求测量时电表读数大于其量程的一半,而电流表量程为3.0 A,过大不可用.两电压表内阻均已知,故其中一表可当做电流表使用,考虑两表量程和电源电动势,宜选V1当做电流表.滑动变阻器采用分压式接法,测量电路图和连线如下.
答案:见解析
三、计算题(本题包括4小题,共44分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)
13.(10分)(2011年聊城三中高二物理检测)在图2-17所示电路中,电源电动势E=6 V,内阻r=1 Ω.D为直流电动机,其电枢线圈电阻R=2 Ω,限流电阻R′=3 Ω.当电动机正常工作时,电压表示数为0.3 V.求:
图2-17
(1)通过电动机的电流是多大?
(2)电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少?
解析:(1)通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同,由I=UR′得:I=0.33 A= 0.1 A.
(2)由E=Ir+U+UD可得电动机两端电压
UD=E-Ir-U=6 V-0.1×1 V-0.3 V=5.6 V.
所以电动机输入的电功率P入=UDI=0.56 W.
电动机的发热功率P热=I2R=0.02 W.
电动机的输出功率P出=P入-P热=0.54 W.
答案:(1)0.1 A(2)0.56 W0.02 W0.54 W
14.(10分) (2011年广安高二检测)如图2-18所示的电路中,电源电动势E=6.0 V,内阻r=0.6 Ω,电阻R2=0.5 Ω,当开关S断开时;电流表的示数为1.5 A,电压表的示数为3.0 V,试求:
图2-18
(1)电阻R1和R3的阻值;
(2)当S闭合后,电压表的示数、以及R2上消耗的电功率.
解析:(1)R3=U3I3=3.01.5 Ω=2.0 Ω
由于E=I3(R1+R3+r)
代入数据有6.0=1.5(R1+2.0+0.6)
解得:R1=1.4 Ω.
(2)S闭合后,
R总=R1+r+R2•R3R2+R3=2.4 Ω
电压表的示数
U=ER总×R2•R3R2+R3=62.4×0.4 V=1.0 V
R2上消耗的功率
P2=U2R2=120.5 W=2.0 W.
答案:(1)1.4 Ω2.0 Ω(2)1.0 V2.0 W
15.(12分)如图2-19所示的电路中,电源电动势E=24 V,内阻不计,电容C=12 μF,R1=10 Ω,R3=60 Ω,R4=20 Ω,R5=40 Ω,电流表G的示数为零,此时电容器所带电荷量Q=7.2×10-5 C.求电阻R2的阻值.
图2-19
解析:电容器两端电压UC=QC=6 V,R4R5=U4E-U4,所以U4=8 V,
若U1=6 V+8 V=14 V,则U1E-U1=R1R2,
所以R2=7.14 Ω.
若U′1=8 V-6 V=2 V,则U′1E-U′1=R1R2,
所以R2=110 Ω.
答案:110 Ω或7.14 Ω
16.(12分)(2011年苏州高二检测)如图2-20甲是一种家用电熨斗的电路原理图(额定电压为220 V).R0是定值电阻,R是可变电阻(调温开关),其电阻值均不受温度影响.
(1)该电熨斗温度最低时的耗电功率为121 W,温度最高时的耗电功率为484 W,求R0的阻值及R的阻值变化范围.
(2)假定电熨斗每秒钟散发的热量q跟电熨斗表面温度与环境温度的温差关系如图乙所示,现在温度为20 ℃的房间使用该电熨斗来熨烫毛料西服,要求熨斗表面温度为220 ℃,且保持不变,问应将R的阻值调为多大?
图2-20
解析:(1)温度最低时应该是电路中电阻最大时,此时有
P1=U2Rmax+R0
温度最高时应该是电路中电阻最小时,此时有
P2=U2R0
联立以上两式解得R0=100 Ω
Rmax=300 Ω
所以变阻器阻值范围是0到300 Ω.
(2)此时电熨斗表面温度与环境温度之差
Δt=220 ℃-20 ℃=200 ℃
由图象知电熨斗每秒钟散发的热量
q=440 J
要保持电熨斗的表面温度不变,则电熨斗的电功率
P=440 W
又有:P=U2R+R0
代入数据解得R=10 Ω
所以应将R的阻值调至10 Ω.
答案:(1)100 Ω0到300 Ω(2)10 Ω
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考试有利于知识的巩固。下面是读文网小编收集整理的高二物理电势差测试题目及其参考答案以供大家学习。
1.对于电场中A、B两点,下列说法中正确的是()
A.电势差的定义式UAB=WABq,说明两点间的电势差UAB与电场力做功WAB成正比,与移动电荷的电荷量q成反比
B.把正电荷从A点移到B点电场力做正功,则有UAB>0
C.电势差的定义式中,UAB与移动电荷的电荷量q无关
D.电场中A、B两点间的电势差UAB等于把正电荷q从A点移动到B点时电场力做的功
解析:选BC.根据电势差的定义,电场中两点间的电势差等于将单位正电荷从一点移到另一点时静电力所做的功,仅由电场及两点的位置决定,与移动的电荷量及做功的多少无关,即U=Wq也是比值定义式,故应选B、C.
2.(2011年安徽省两地三校高二联考)一个带正电的质点,电荷量q=2.0 ×10-9C,在静电场中由a点移到b点,在这过程中,除静电力外,其他力做的功为6.0×10-5 J,质点的动能增加了8.0×10-5 J,则a、b两点间的电势差为()
A.3.0×104 V B.1.0×104 V
C.4.0×104 V D.7.0×104 V
解析:选B.由动能定理,外力对物体做功的代数和等于物体动能的增量,得电场力对物体做的功W=8.0×10-5 J-6.0×10-5 J=2.0×10-5 J.由W=q(φa-φb)得φa-φb=W/q=1×104 V,所以只有B对.
3.(2011年海淀区高二质量检测)如图1-5-5所示,实线为电场线,虚线为等势面,相邻两等势面间的电势差相等.一个正电荷在等势面L3处的动能为20 J,运动到等势面L1处时动能为零;现取L2为零电势参考平面,则当此电荷的电势能为4 J时,它的动能为(不计重力及空气阻力)()
图1-5-5
A.16 J B.10 J
C.6 J D.4 J
解析:选C.正电荷在电场中只受电场力的作用,在L3时,动能为20 J,运动到L2等势面时其动能一定是10 J,此时电势能为零,则此正电荷动能和电势能总和为10 J.当它的电势能为4 J时,动能为6 J.所以C正确.
4.如图1-5-6所示,三个等势面上有a、b、c、d四点,若将一正电荷由c经a移到d,电场力做正功W1,若由c经b移到d,电场力做正功W2,则()
图1-5-6
A.W1>W2φ1>φ2
B.W1
C.W1=W2φ1<φ2
D.W1=W2φ1>φ2
解析:选D.由W=Uq可知,W1=W2.
由Wc d=Uc d•q,Wc d>0,q>0,可知Uc b>0,
故φ1>φ2>φ3,正确.
5. (2011年北京东城区模拟)如图1-5-7所示,匀强电场的场强E=1.2×102 N/C,方向水平向右,一点电荷q=4×10-8 C沿半径R=20 cm的圆周,从A点移动到B点,已知∠AOB=90°,求:
图1-5-7
(1)这一过程电场力做的功是正功还是负功?做功多少?
(2)A、B两点的电势差UAB.
解析:(1)∵φB>φA,故将正电荷从A点移到B点电场力做负功.W=-qE•R=-9.6×10-7 J.
(2)UAB=Wq=-ER=-24 V.
答案:(1)负功9.6×10-7 J(2)-24 V
一、选择题
1.在电场中,A、B两点间的电势差为UAB=75 V,B、C两点间的电势差为UBC=-200 V,则A、B、C三点电势高低关系为()
A.φA>φB>φC B.φA<φC<φB
C.φC>φA>φB D.φC>φB>φA
解析:选C.UAB=75 V表示φA比φB高75 V,UBC=-200 V,表示φC比φB高200 V,所以三点电势高低为φC>φA>φB,选C.
2.在静电场中,将一电子从a点移至b点,静电力做功5 eV,则下列结论错误的是()
A.电场强度的方向一定由b到a
B.a、b两点的电势差是5 V
C.电子的电势能减少了5 eVw
D.因电势零点未确定,故不能确定a、b间的电势差
解析:选ABD.电子在移动过程中静电力做正功,说明电势升高,电子的电势能减少,因此B错误;C正确;由于电场线方向不一定沿ab连线方向,故A错误;电场中两点间电势差为确定的数值.与电势零点的选择无关,故D错误.
3.一电子飞经电场中A、B两点,电子在A点电势能为4.8×10-17 J,动能为3.2×10-17 J,电子经过B点时电势能为3.2×10-17 J,如果电子只受电场力作用,则()
A.电子在B点时动能为4.8×10-17 J
B.由A到B电场力做功为100 e V
C.电子在B点时动能为1.6×10-17 J
D.A、B两点间电势差为-100 V
解析:选ABD. 因只有电场力做功,电子的电势能与动能之和不变,故有EkA+EpA=EkB+EpB,可得出EkB=4.8×10-17 J,A正确C错误;电势能减少了4.8×10-17J-3.2×10-17 J=1.6×10-17 J,故由A到B电场力做正功1.6×10-17 J=100 eV,B正确;由100 eV=UAB(-e)得:UAB=-100 V,故D正确.
4.如图1-5-8所示,在竖直纸面内有一匀强电场,一质量为m、带电荷量为-q的小球在一恒力F的作用下沿图中虚线由A匀速运动至B.已知力F和AB间夹角θ=60°,AB间距离为d,且F=mg.则()
图1-5-8
A.匀强电场的电场强度大小为E=Fq
B.A、B两点的电势差大小为 Fd2q
C.带电小球由A运动到B的过程中电势能增加了32mgd
D.电场方向与F方向关于AB对称
解析:选AB.恒力F的大小和重力的大小相等并且夹角为120°,根据小球做匀速运动的特点可判断电场力方向与竖直方向夹角为60°向左,大小等于F,即mg=qE=F.从A到B过程中,电场力做功WAB=Eq•dcos 60°=Fd2,A、B两点间的电势差为UAB=WABq=Fd2q.
5. (2011年兴义市高二上学期月考)如图1-5-9所示,平行线代表电场线,但未标明方向,一个带正电、电荷量为10-6 C的微粒在电场中仅受电场力作用,当它从A点运动到B点时动能减少了10-5 J,已知A点的电势为-10 V,则以下判断正确的是()
图1-5-9
A.微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示
B.微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示
C.B点电势为零
D.B点电势为-20 V
解析:选AC.因微粒仅受电场力作用,且由A点到B点时动能减少,故电场力做负功,电场力的方向水平向左,轨迹应为虚线1所示,A正确,B错误;由WAB=UAB•q=-10-5 J,可得:UAB=-10 V,由UAB=φA-φB,可得φB=φA-UAB=0 V,故C正确,D错误.
6.如图1-5-10所示,水平固定的小圆盘A,其带电荷量为Q,电势为零,从圆盘中心O处由静止释放一个质量为m、带电荷量为+q的小球,由于电场的作用,小球竖直上升的高度可达圆盘中心竖直线上的c点,O到 c之间距离为h而到圆盘中心竖直线上的b点时,小球速度最大,因此可知在Q所形成的电场中,可以确定的物理量是()
图1-5-10
A.b点场强 B.c点场强
C.b点电势 D.c点电势
解析:选AD.速度最大时加速度为零,由b点速度最大可知qEb=mg,所以Eb=mgq,由c点速度为零可知:mgh=-qφc,所以φc=-mghq.
7.如图1-5-11所示,带正电的点电荷固定于Q点,电子在库仑力作用下,做以Q为焦点的椭圆运动.M、P、N为椭圆上的三点,P点是轨道上离Q最近的点.电子在从M点经P到达N点的过程中()
图1-5-11
A.速率先增大后减小
B.速率先减小后增大
C.电势能先减小后增大
D.电势能先增大后减小
解析:选AC.电子所受库仑力为引力,从M到P再到N,电子和正点电荷之间的距离先减小再增大,库仑力先做正功再做负功,电势能先减小再增加,动能先增加再减小,速率先增加再减小,A、C选项正确,B、D选项错误.新课标第一网
8.如图1-5-12所示,质量为m、带电荷量为q的粒子,以初速度v0从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中,粒子通过电场中B点时,速率vB=2v0,方向与电场的方向一致,则A、B两点的电势差为()
图1-5-12
A.mv202q B.3mv20q
C.2mv20q D.3mv202q
解析:选C.粒子在竖直方向做匀减速直线运动,则有
2gh=v20.
电场力做正功,重力做负功,使粒子的动能由12mv20变为2mv20,则根据动能定理,有
Uq-mgh=2mv20-12mv20,
解方程得A、B两点电势差应为2mv20q,应选C.
9.如图1-5-13所示,a、b和c分别表示点电荷的电场中的三个等势面,它们的电势分别为6 V、4 V和1.5 V,一质子(11H)从等势面a上某处由静止释放,仅受静电力作用而运动,已知它经过等势面b时的速率为v,则对质子的运动有下列判断,正确的是()
图1-5-13
A.质子从a等势面运动到c等势面电势能增加4.5 eV
B.质子从a等势面运动到c等势面动能减少4.5 eV
C.质子经过等势面c时的速率为2.25 v
D.质子经过等势面c时的速率为1.5 v
解析:选D.质子由高等势面向低等势面运动,电势能减少,动能增加,A、B都错误;质子从等势面a到等势面b,由动能定理得12mv2=2 eV,质子从等势面a到等势面c,由动能定理得12mv2c=4.5 eV,解得vc=1.5 v,故D正确.C错误.
二、计算题
图1-5-14
10.(2011年山东临沂模拟)如图1-5-14所示,用长为l的绝缘细线拴一质量为m、带电荷量为+q的小球(可视为质点)后悬挂于O点,整个装置处于水平向右的匀强电场E中,将小球拉至悬线呈水平的位置A后,由静止开始将小球释放,小球从A点开始向下摆动,当悬线转过60°角到达位置B时,速度恰好为零,求:
(1)B、A两点的电势差UBA;
(2)小球到达B点时,悬线对小球的拉力FT.
解析:(1)对小球,则A→B,由动能定理得:
mglsin60°-qUBA=0
所以UBA=3mgl2q.
(2)在B点,小球受重力mg、电场力qE、绳拉力FT三力作用,建立如图所示直角坐标系,将三力正交分解.
因B点小球速度为0,则
FT=mgcos30°+qEcos60°=3mg.
答案:(1)3mgl2q(2)3mg
11.如图1-5-15所示的匀强电场中,有a、b、c三点,ab=5 cm,bc=12 cm,其中ab沿电场方向,bc和电场线方向成60°角,一个电荷量为q=4×10-8 C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10-7 J,求:
图1-5-15
(1)匀强电场的场强E;
(2)电荷从b移到c,电场力做的功W2;
(3)a、c两点间的电势差Uac.
解析:由于电场力做功W=qU与路径无关,只与初、末位置间的电势差有关,故可根据已知的电场力做功先求电势差,再根据匀强电场中场强与电势差的关系确定场强E.反之亦然.
(1)设a、b两点间距离为d,有
W1=qE•d①
由①式得w
E=W1qd=1.2×10-74×10-8×5×10-2 V/m=60 V/m.
(2)设b、c两点沿场强方向距离为d1,有
d1=bc•cos60°②
W2=qE•d1③
由②③式得W2=qE•bc•cos60°
=4×10-8×60×12×10-2×0.5 J=1.44×10-7 J.
(3)设电荷从a移到c电场力做功为W,有
W=W1+W2④
W=qUac⑤
由④⑤式得
Uac=W1+W2q=1.2×10-7+1.44×10-74×10-8 V
=2.64×10-74×10-8 V=6.6 V.
答案:(1)60 V/m(2)1.44×10-7 J(3)6.6 V
12. (2011年成都高二检测)如图1-5-16所示,在竖直平面内,光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点,在圆心处有一固定的正点电荷,B点为AC的中点,C点位于圆周的最低点.现有一质量为m、电荷量为-q、套在杆上的带负电小球(可视为质点)从A点由静止开始沿杆下滑.已知重力加速度为g,A点距过C点的水平面的竖直高度为3R,小球滑到B点时的速度大小为2gR.求:
图1-5-16
(1)小球滑至C点时的速度大小;
(2)A、B两点间的电势差;
(3)若以C点作为参考点(零电势点),试确定A点的电势.
解析:(1)因B、C两点电势相等,故小球从B到C的过程中电场力做的总功为零
由几何关系可得BC的竖直高度
hBC=3R/2
根据动能定理有
mg×3R/2=mv2C/2-mv2B/2
解得vC=7gR.
(2)因为电势差UAB=UAC,小球从A到C,重力和电场力均做正功,所以由动能定理有
mg×3R+q|UAC|=mv2C/2
解得|UAB|=|UAC|=mgR/(2q),
(3)因为φA<φC、φC=0,所以
φA=-|UAC|=-mgR/(2q).
答案:(1)7gR(2)mgR/(2q)(3)-mgR/(2q)
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每一门课程的学习,都离不开考试。下面是读文网小编收集整理的高二物理电场强度测试题目及其参考答案以供大家学习。
1.电场中有一点P,下列哪种说法是正确的()
A.若放在P点电荷的电荷量减半,则P点的场强减半
B.若P点没有试探电荷,则P点场强为零
C.P点场强越大,则同一电荷在P点所受静电力越大
D.P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向
解析:选C.电场中某点的电场强度与试探电荷无关,故A、B错;由于F=qE知,C对;场强方向与正试探电荷受力方向相同,故D错.
2.(2011年杭州高二检测)真空中距点电荷(电量为Q)为r的A点处,放一个带电量为q(q≪Q)的点电荷,q受到的电场力大小为F,则A点的场强为()
A.F/Q
B.F/q
C.kqr2 D. kQr2
答案:BD
3.下列各电场中,A、B两点电场强度相同的是()
图1-3-12
解析:选C.A图中,A、B两点场强大小相等,方向不同,B图中A、B两点场强的方向相同,但大小不等,C图中是匀强电场,则A、B两点场强大小、方向相同;D图中A、B两点场强大小、方向均不相同.
4.(2011年黄冈中学高二检测)如图1-3-13所示是静电场的一部分电场线分布,下列说法中正确的是()
图1-3-13
A.这个电场可能是负点电荷的电场
B.点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大
C.点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小(不计重力)
D.负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向
解析:选B.因为(孤立)负点电荷的电场线是自四周无穷远处从不同方向指向负电荷的球对称分布,而图中的电场线分布不具备这种特点,所以它不可能是负点电荷的电场,选项A错误.
因电场线越密处场强越大,故由图知场强EA>EB.又因点电荷q在电场中所受静电力F=qE∝E,故静电力FA>FB,选项B正确.
由牛顿第二定律知,加速度a=F/m∝F,而FA>FB,故aA>aB.选项C错误.
因“B点切线方向”即B点场强方向,而负电荷所受静电力的方向与场强方向相反,故选项D错误.
5.一粒子质量为m,带电荷量为+q,以初速度v与水平方向成45°射向空间一匀强电场区域,恰做直线运动.求这个匀强电场的最小场强的大小并说明方向.
解析:新 课 标 第 一 网
粒子进入电场区域后要受重力和电场力作用而做直线运动,知其合力必与v在一直线上.由图及力的分解知识可知,最小的电场力qE=mgcos45°.所以Emin=mgqcos45°=2mg2q ,方向垂直于v指向斜上方.
答案:2mg2q垂直于v指向斜上方
一、选择题
1.关于电场线的叙述,下列说法正确的是()
A.电场线是直线的地方一定是匀强电场
B.电场线的方向就是带正电的试探电荷的运动方向
C.点电荷只受电场力作用时,加速度的方向总是与所在处的电场线的切线重合
D.画有电场线的地方有电场,没画电场线的地方就不存在电场
答案:C
2.一个检验电荷在电场中某点受到的电场力为F,这点的电场强度为E,在下图中能正确反映q、E、F三者关系的是()
图1-3-14
解析:选D.电场中某点的电场强度由电场本身的性质决定,与放入该点的检验电荷及其所受电场力无关,A、B错误;检验电荷在该点受到的电场力F=Eq,F正比于q,C错误,D正确.
3.(2011年启东中学高二检测)
图1-3-15
如图1-3-15所示,带箭头的直线是某一电场中的一条电场线,在这条线上有A、B两点,用EA、EB表示A、B两处的场强,则()
A.A、B两处的场强方向相同
B.因为A、B在一条电场线上,且电场线是直线,所以EA=EB
C.电场线从A指向B,所以EA>EB
D.不知A、B附近电场线的分布情况,EA、EB的大小不能确定
解析:选AD.电场线的切线方向指场强方向,所以A对;电场线的疏密程度表示场强大小,只有一条电场线的情况下不能判断场强大小,所以B、C错误,D正确.
4.点电荷A和B,分别带正电和负电,电荷量分别为4Q和Q,在A、B连线上,如图1-3-16所示,电场强度为零的地方在()
图1-3-16
A.A和B之间 B.A的右侧
C.B的左侧 D.A的右侧及B的左侧
解析:选C.因为A带正电,B带负电,所以只有在A右侧和B左侧两者产生的电场强度方向相反,因为QA>QB,所以只有B的左侧,才有可能EA与EB等大反向,因而才可能有EA和EB矢量和为零的情况.故正确答案为C.
5.如图1-3-17所示,实线表示匀强电场中的电场线,一带电粒子(不计重力)经过电场区域后的轨迹如图中虚线所示,a、b是轨迹上的两点,关于粒子的运动情况,下列说法中可能的是()
图1-3-17
A.该粒子带正电荷,运动方向为由a到b
B.该粒子带负电荷,运动方向为由a至b
C.该粒子带正电荷,运动方向为由b至a
D.该粒子带负电荷,运动方向为由b至a
解析:选BD.由运动轨迹可判定电场力方向向左,则粒子应带负电,故A、C错;运动a→b与b→a均有可能.故B、D对.
6. (2011年苏州高二检测)一带电粒子从电场中的A点运动到B点,轨迹如图1-3-18中虚线所示.不计粒子所受重力,则()
图1-3-18
A.粒子带正电
B.粒子加速度逐渐减小
C.A点的速度大于B点的速度
D.粒子的初速度不为零
解析:选BCD.由运动轨迹可知电场力方向向左,粒子带负电,故A错;A→B电场强度变小,电场力变小,加速度变小,B对;粒子运动过程中,电场力与运动方向的夹角大于90°角,所以速率减小,故C对;若粒子的初速度为0,将沿电场线向左下侧运动,故D对.
7.实线为三条未知方向的电场线,从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电粒子,a、b的运动轨迹如图1-3-19中的虚线所示(a、b只受电场力作用),则()
图1-3-19
A.a一定带正电,b一定带负电
B.电场力对a做正功,对b做负功
C.a的速度将减小,b的速度将增大
D.a的加速度将减小,b的加速度将增大
解析:选D.由于电场线方向未知,故无法确定a、b的电性,A错;电场力对a、b均做正功,两带电粒子动能均增大,则速度均增大,B、C均错;a向电场线稀疏处运动,电场强度减小,电场力减小,故加速度减小,b向电场线密集处运动,故加速度增大,D正确.
8.AB和CD为圆上两条相互垂直的直径,圆心为O.将电荷量分别为+q和-q的两点电荷放在圆周上,其位置关于AB对称且距离等于圆的半径,如图1-3-20所示.要使圆心处的电场强度为零,可在圆周上再放一个适当的点电荷Q,则该点电荷Q()
图1-3-20
A.应放在A点,Q=2q
B.应放在B点,Q=-2q
C.应放在C点,Q=-q
D.应放在D点,Q=-q
解析:选C.由平行四边形定则得出+q和-q在O点产生的合场强水平向右,大小等于其中一个点电荷在O点产生的场强的大小.要使圆心处的电场强度为零,则应在C点放一个电荷量Q=-q的点电荷,故C选项正确.
9.(2011年华南师大附中高二检测)
图1-3-21
如图1-3-21所示,一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B匀速飞过,电子重力不计,则电子除受电场力外,所受的另一个力的大小和方向变化情况是()
A.先变大后变小,方向水平向左
B.先变大后变小,方向水平向右
C.先变小后变大,方向水平向左
D.先变小后变大,方向水平向右
解析:选B.等量异种电荷电场线分布如图(a)所示,由图中电场线的分布可以看出,从A点到O点,电场线由疏到密;从O点到B点,电场线由密到疏,所以沿点A、O、B,电场强度应由小变大,再由大变小,方向为水平向右,如图(b)所示.由于电子做匀速直线运动,所受合外力必为零,故另一个力应与电子所受电场力大小相等、方向相反,电子受到电场力方向水平向左,且沿点A、O、B运动的过程中,电场力由小变大,再由大变小,故另一个力的方向应水平向右,其大小应先变大后变小,所以选项B正确.
二、计算题
10.如图1-3-22所示,在边长为l的正方形四个顶点A、B、C、D上依次放置电荷量为+q、+q、+q和-q的点电荷,求正方形中心O点的电场强度.
图1-3-22
解析:由对称性原理可知:若正方形四个顶点处均放置相同电荷量的电荷,则中心O点的场强为零,因此可把D点的电荷-q等效为两部分:+q和-2q.
+q和另外三个点电荷在中心O点的合场强为零,-2q在中心O点的场强为E=2kql2/2=4kql2
故正方形中心O点的场强大小为E=4kql2,方向沿OD连线由O指向D.
答案:4kql2,方向沿OD连线由O指向D.
11.如图1-3-23所示,两根长为L的绝缘细线下端各悬挂一质量为m的带电小球A、B,A、B带电荷量分别为+q和-q,今加上匀强电场(方向水平向左),场强为E,使联结AB的绝缘细线(长为L)拉直,并使两小球处于静止状态,E的大小应满足什么条件?
图1-3-23
解析:B球受力如图所示.
由于B球静止,有
mg=Fsin60°①qE=Fcos60°+kq2L2+FT②
①②式联立,并考虑到FT≥0,
得E≥mg3q+kqL2.
答案:E≥mg3q+kqL2
12.竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场.其电场强度为E,在该匀强电场中,用丝线悬挂质量为m的带电小球,丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡,如图1-3-24所示,请问:
图1-3-24
(1)小球带电荷量是多少?
(2)若剪断丝线,小球碰到金属板需多长时间?
解析:
(1)由于小球处于平衡状态,对小球受力分析如图所示
F sinθ=qE①
F cosθ=mg②
由①②得tanθ=qEmg,故q=mg tanθE.
(2)由第(1)问中的方程②知F=mgcos θ,而剪断丝线后小球所受电场力和重力的合力与未剪断丝线时丝线的拉力大小相等,故剪断丝线后小球所受重力、电场力的合力等于mgcosθ.小球的加速度a=F合m=gcosθ,小球由静止开始沿着丝线拉力的反方向做匀加速直线运动,当碰到金属极上时,它经过的位移为s=bsinθ,又由s=12at2,t=2sa= 2bcosθgsinθ= 2bgcotθ.
答案:(1) mgtanθE(2) 2bg cotθ
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电容器通常简称其为电容(英文名称:capacitor),用字母C表示。下面是读文网小编收集整理的高二物理电容器的电容测试题目及其参考答案以供大家学习。
10.水平放置的平行板电容器的电容为C,板间距离为d,极板足够长,当其带电荷量为Q时,沿两板中央水平射入的带电荷量为q的微粒恰好做匀速直线运动.若使电容器电量增大一倍,则该带电微粒落到某一极板上所需时间为多少?
解析:利用平衡条件得mg=qE=qQCd.
根据运动学公式有d2=at22,
由牛顿第二定律得,qE′-mg=ma,
又E′=2QCd,解得t=dg.
答案: dg
11.如图1-8-17所示,一平行板电容器接在U=12 V的直流电源上,电容C=3.0×10-10 F,两极板间距离d=1.20×10-3m,取g=10 m/s2,求:
图1-8-17
(1)该电容器所带电量.
(2)若板间有一带电微粒,其质量为m=2.0×10-3 kg,恰在板间处于静止状态,则该微粒带电量为多少?带何种电荷?
解析:(1)由公式C=QU得
Q=CU=3.0×10-10×12 C=3.6×10-9 C.
(2)若带电微粒恰在极板间静止,则qE=mg,而E=Ud
解得q=mgdU=2.0×10-3×10×1.20×10-312 C
=2.0×10-6 C
微粒带负电荷.
答案:(1)3.6×10-9 C(2)2.0×10-6 C负电荷
12.如图1-8-18所示,水平放置的A、B两平行板相距h,有一质量为m,带电量为q的小球在B板之下H处以初速度v0竖直向上进入两板间,小球恰好能打到A板,求A、B板间的电势差.
图1-8-18
解析:如果电场力做正功,由动能定理得
qU-mg(h+H)=0-mv20/2,
解得U=m[2gh+H-v20]2q,
如果电场力做负功, 则有
-qU-mg(h+H)=0-mv20/2,
解得U=m[v20-2gh+H]2q.
答案:见解析
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河南省2023-2024学年高二上学期期中联考语文试题带答案解析
高二期中考试一般在11月进行,近日,河南部分学校举行了期中考试联考。为了让大家估分及后续的复习。下面小编为大家收集的关于河南省2023-2024学年高二上学期期中联考语文试题带答案的相关内容,供大家参考!
1、及时复习。
人们对于刚学过的东西,总是一开始忘得快,过一段时间就逐渐减慢。每天从学校回来都学了一些新东西,要先复习当天所学的内容,复习之后再做作业。
2、交叉复习。
当孩子同时面临几门课程的复习任务时,最好采用交叉复习的方式,即这10分钟复习语文,休息后换成数学,再之后又变成别的什么,这样复习的好处是不会使孩子产生厌倦心理。
3、读写结合法。
加大对基本知识、基本技能的复习力度,做到温故而知新。充分利用点滴的时间,争取多记几个公式,多背一篇课文,多温习一遍老师讲的重点。
4、查漏补缺法。
在对知识点进行梳理的时候抓住重难点。还可以把平时作业中所出现的错误再分析,确保不再犯同样的错误。
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2023秋季河南省高二期中考试联考语文试题及答案(word)
高二期中考试一般在11月进行,近日,河南部分学校举行了期中考试联考。为了让大家估分及后续的复习。下面小编为大家收集的关于2023秋季河南省高二期中考试联考语文试题及答案的相关内容,供大家参考!
1. B(“在道德内容上更进一步,超越了儒家”错,参见材料一第二段)
2. D(“章太炎受到魏征观点的影响”于文无据)
3. B(A项,重点强调战争谋略、安定民生的重要作用;B项,强调诚信的重要价值;C项,强调古代所看重的是君主纳谏与忠臣直言;D项,强调革命者虽年少无室家,但不为禄仕)
4.①儒家道德观的主要内容、形式及其目的;(1分)②庄子对儒家道德观形式方面的批判与超越;(1分)③中华文明道德观中“义”与“信”的源与流。(2分)
5.①理论阐释。如对“义”的本质属性和基本要求等做了理论方面的解读和阐释。(2分)②引经据典。在分析论述过程中,分别引用了朱熹、孟子、王夫之等人的一些重要语句。(2分)③比较分析。如孟子对“义”与“利”的比较分析、王夫之对“公”与“私”的比较分析等。(2分)
6. C(“扒开门岗直接闯进去的做法体现了他的冲动冒失”错误,结合“哦呀,满院子都是枪兵,刺刀闪着寒光——啥时候调来这么多人?”“我一听情况不妙,首长处境危险,我必须冲进去保护他”分析可知,这种做法体现的是“老革命”的勇敢与担当)
7. A(“态度冷淡,给人以很远的距离感”错误。结合“缸子并无主客之分,足显平等待人之礼,上面氤氲着薄薄的热气,逸散出沁人心脾的茶香”分析可知,应为“坐在对面的‘老革命’的年龄与我相差很大”)
8.①突出人物形象。用“老革命”来称呼人物,更加突出了他革命英雄的形象。②提示情节内容。“老革命”这一称呼与小说内容更契合,提示小说主要写的是与革命相关的内容。③深化小说主题。小说只在后面提到代表个人的名字,而一直用“老革命”称呼人物,使小说所赞扬的革命英雄主义更具普遍性,从而深化了小说主题。(每点2分,答出两点即可,其他答案言之有理的酌情给分)
9.甲组答案示例:①在国民党假意团结抗日、扣押共产党干部的情况下,首长带领“老革命”前去交涉,本身就是以身犯险;②在屋外国民党士兵包围、屋内矛盾冲突加剧的情况下,“老革命”毫不畏惧,冲入屋内,这体现的是一种勇敢的精神;③“老革命”不顾个人安危、冒险保护首长的行为,是担当职责精神的高度体现。(每点2分,意思对即可)
乙组答案示例:①国民党假意抗日,扣押共产党干部,只能运用策略,否则可能产生严重后果;②国民党士兵包围屋子,屋内矛盾冲突剧烈,只能运用策略,否则可能加剧矛盾冲突;③为了团结可以团结的一切力量,形成抗日民族统一战线,只能运用策略,否则中华民族的抗日战争很难取胜。(每点2分,意思对即可)
10. BDF[(原文标点)此剑一用,如雷霆之震也,四封之内,无不宾服而听从君命者矣]
11. A(“庄子当能”中的“当”是应当的意思;“当察乱何自起”中的“当”同“尝”,是尝试的意思)
12. C(“表演了超凡的剑术”错误,庄子并没有表演剑术)
13.(1)太子悝十分担忧,征召左右近侍说:“谁能够说服赵王停止比试剑术,(我)赠予他千金。”(得分点:“患”“募”“孰”各1分,句意1分)
(2)现在大王享有天子之位,可是喜好平民之剑,臣仆私自替大王感到微不足道了。(得分点:“好”“窃”“薄”各1分,句意1分)
14.庄周为赵王介绍“三剑”,即天子之剑、诸侯之剑和庶人之剑。天子之剑匡正诸侯,使天下臣服;诸侯之剑安定四境,使人人听从君命;庶人之剑相当于斗鸡,对国家无用。(3分,意思对即可)
【参考译文】
当年赵文王喜好剑术,三千多名剑客蜂拥而至门下,他们在赵文王面前日夜相互比试剑术,每年死伤百余人,但赵文王喜爱剑术从不觉得厌倦。就这样过了三年,国力日益衰退。各国诸侯都在谋算怎样攻打赵国。太子悝十分担忧,征召左右近侍说:“谁能够说服赵王停止比试剑术,(我)赠予他千金。”左右近侍说:“庄子应当能够(担当此任)。”
庄子不急不忙地进入殿内,见到赵王也不行跪拜之礼。赵王问庄子:“你想用什么话来开导我,使得太子做了您的向导呢?”庄子说:“臣听说大王喜好剑术,所以就凭着我的剑术来参见大王。”赵王说:“你的剑术能够怎样遏阻剑手,战胜对方呢?”庄子说:“我的剑术,十步之内可杀一人,行走千里也无人阻挡。”赵王听了后非常高兴,说:“那天下就没有人是你的对手了。”赵王于是用七天时间让剑士们比武较量,死伤了六十多人,从中挑选出五六人,让他们拿着剑在殿下等候,这才去召唤庄子。赵王对庄子说:“今日可让剑士们跟先生比试剑术了。”庄子说:“我已经盼望很久了。”赵王说:“先生所习惯使用的宝剑,长短怎么样?”庄子说:“我的剑术长短都适应。不过我有三种剑,任凭大王选用,请让我先做些说明然后再行比试。”
赵文王说:“我愿意听听这三种剑。”庄子说:“有天子剑,有诸侯剑,有平民剑。”赵文王问:“天子剑是什么样的呢?”庄子说:“天子之剑,用四夷包围着,用四时裹着;用渤海环绕着,用常山缠束着;用五行制衡着,用刑罚和道德缠裹着。向上说,它可以拨开浮云;向下说,可以穿过地基。这种剑一旦使用,就可以匡正诸侯,威仪天下。这便是天子之剑。”赵文王迷茫一片感到手足无措,就问:“那诸侯之剑是什么样的呢?”庄子说:“那诸侯之剑,用智勇之士作为剑锋,用清廉之士作为剑刃,用贤良之士作为剑背,用忠圣之士作为剑环,用豪杰之士作为剑把。这口剑,向上说它效法圆运的天道顺从三光,向下说它效法大地顺应时序,向中说它符合民意以安抚四方。这种剑一旦使用,就如同雷霆的震动,四境之内,没有不臣服而都听从君王的命令了。这便是诸侯之剑。”赵文王又问:“那平民之剑是什么样的呢?”庄子说:“那平民之剑,剑士者蓬散着头发,倒梳着鬓毛,戴着瓶式的帽子,帽缨盘结在下巴下面,穿着后身短小的衣服,急瞪着眼睛,不爱和别人说话。在人前互相砍杀,上面斩断了脖颈,下面流出了肝肺。这种平民之剑,和斗鸡没有什么差别,一旦使用就断送生命,这对于国家大事并没有好处。现在大王享有天子之位,可是喜好平民之剑,臣仆私自替大王感到微不足道了。”
赵文王于是牵着庄子来到殿上,让厨师献上食物,赵王绕着座席惭愧地走了三圈。庄子说:“大王安坐下来定定心气,有关剑术之事我已启奏完毕!”于是赵文王三月不出宫门,剑士们都在他们的客舍自杀了。
15. B(“实是诗人对王朝转衰的一种担忧”理解错误,颔联描写皇宫的繁华富丽,就是要借此来表达对王朝的歌颂和祝福,且此诗为宫廷唱和诗,表达歌功颂德)
16.①色彩瑰丽:本诗用词瑰丽,“紫陌”“春色阑”“金阙”“花”“柳”“旌旗”等皆有鲜艳明丽的色彩感,营造出了富丽堂皇的大唐盛景。(3分)②气势雄伟:皇州春色多彩,宫阙金光四射,钟鸣则万户开,千官在玉阶上攒动,宫殿楼台气势宏伟,上朝官员雄姿英发。充分展现了大明宫的繁荣,饱含了对王朝的歌颂,对统治者和同僚善治的赞美。(3分)
17.(1)敏于事而慎于言 就有道而正焉
(2)君不见黄河之水天上来 奔流到海不复回
(3)相顾无言 惟有泪千行(每空 1分,多字、错字、漏字等均不得分)
18.①应运而生 ②添砖加瓦 ③独具匠心(每处1分,符合语境即可)
19.这些短视频生动鲜活地塑造了诸多“新农人”形象,展现了农村日常生活场景,传递并彰显乡村振兴之下乡村文明和乡土文化的勃兴。(每处2分)
20.①画横线的句子是一个否定反问句,否定反问句表达肯定的意思,加强语气,体现短视频展现了那些不为人知的自然村庄与田间美景的迷人之处,强调短视频对乡村文化传播的作用。(2分)②反问句的使用可使感情色彩更加鲜明,强化读者的认识,突出作者对“乡村网红”利用短视频传播乡村文化的赞叹之情。(2分)
21.①供不应求导致价格上涨 ②空喊多年仍难根本解决 ③难以保证农民有稳定的种菜收益(每处2分,符合语境即可)
22.①“姜你军”“蒜你狠”用了谐音的修辞手法:“姜你军”,即将你军;“蒜你狠”,即算你狠,老百姓戏说姜、蒜等价格疯涨的现象幽默风趣。②“过山车”用了比喻手法,生动形象地形容蔬菜的价格忽高忽低。(答出一点得 1分,答出两点得3分)
23.【写作提示】
(一)材料解读
陈云的讲话涉及了调查研究和政策制定的问题,陈云把调查研究和制定政策从先后、难易、本末关系上进行了阐述。其实,这一道理放之于日常生活、工作学习、社会家庭、国家大事中都可以适用。你的意识,各种认知,你的思想、计划、方法、理论、方案从根本来说,通通来源于社会实践,来源于调查研究。
“重要的是要把实际看完全,把情况弄清楚,其次是决定政策,解决问题”指出了调查研究在先,制定政策在后,这启示我们在日常生活和工作学习中处理问题要先把事情弄清楚,然后根据事实情况做出正确的处理,解决实际问题。“难者在弄清情况,不在决定政策。只要弄清了情况,不难决定政策”指出了解决问题的难易,难在调查研究、弄清情况,调查研究、弄清情况后,决定政策就容易了,这启示我们解决问题、处理事情不在于结果怎样,而在于如何弄清楚实际情况,弄清楚了实际情况,问题也就迎刃而解。“我们应该用百分之九十以上的时间去弄清情况,用不到百分之十的时间来决定政策。这样决定的政策,才有基础”指出调查研究是基础、本源,这个基础牢固了,制定的政策就能站得住,这个基础不牢固,制定的政策就是无源之水、无本之木,就会站不住,这启示我们解决问题、处理事情要注重基础、本源。
(二)参考立意
(1)一切问题的解决都源于调查研究;
(2)解决问题的关键是弄清楚情况;
(3)坚持一切从实际出发;
(4)社会实践是解决问题的基础(本源);
(5)真理来源于社会实践;
(6)百分之九十与百分之十。
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试题是检验学生学习状况和成果的最佳标准。下面是由读文网小编带来的高二化学下期期中试题答案,希望对你有所帮助。
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高二下学期是与高三的一个衔接阶段,这阶段要多做试题来达到提升成绩的作用。下面是由读文网小编带来的高二化学下学期试题及答案,希望对你有所帮助。
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学习化学要注意分清主次,不要盲目投入背诵。下面是由读文网小编带来的高二化学物质结构与性质试题及答案,希望对你有所帮助。
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高二化学试题相关
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期中考试是检验学生半个学期所学的知识而进行的一次考试。下面是读文网小编为您带来的高二化学期中试题及答案,希望对大家有所帮助。
高二化学期中试题及答案:
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学习地理不止要多背诵课本内容,更要多多练习试题。下面是读文网小编为您带来的高二地理选修三试题及答案,希望对大家有所帮助。
1~40在试卷标红色部分。
41.读A、B、C、D四国某年旅游业资料表,回答下列问题(10分)
(1)从表中可以看出,国际旅游收入最高的是 C 国,国际旅游收入占国内生产总值比值最高的是 B 国,达 12 %,反映出发展旅游业可以促进的 国民经济 发展。
(2)国际旅游收入占出口总额比重最高的是 A 国,反映出发展跨国旅游能够增加国家的 外汇收入。
(3)国际旅游就业人数最多的是 C国,国际旅游就业人数占就业总人数比重最高的是 D 国,反映出发展旅游业能扩大就业 。
(4)在国际旅游就业人口中,人均旅游收入最高的国家是 B 国。
42.共10分,每空1分
⑴ 安徽 三 花岗 亚热带常绿阔叶林
⑵ 迎客松
⑶ 云海 自然景观旅游资源
⑷ 夏季 雨过天晴
⑸ 选择特定的观赏位置
43.共10分
(1)冬季接待游客较多(2分)
冬季我国大部分地区气候寒冷,而海南温度适宜,是避寒度假的理想目的地(2分)
(2)旅游资源丰富,旅游资源集群状况和地域组合较好,游览价值高;处在海南岛最南端,临海,地理位置优越,有高速公路、飞机场,交通便捷;靠近珠三角、港澳、东南亚等地区,市场距离近;经济较发达,基础设施完善,地区接待能力强;景区空间大,旅游容量大。(答出3点即可得6分)
44.共10分
(1) 龙门石窟 殷墟 登封“天地之中”历史建筑群(每空1分)
(2)北岳恒山 山西,南岳衡山 湖南,西岳华山 陕西,东岳泰山 山东,中岳嵩山 河南(每答对一省份1分)
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考试中不只要灵活运用脑海中知识点,掌握技巧也是非常关键的。下面是读文网小编为您带来的高二化学水平测试题及答案,希望对大家有所帮助。
高二化学水平测试题:
高二化学水平测试题答案:
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在化学复习阶段,多做一些题目,这将对考试大有益处。下面是读文网小编为您带来的高二化学上学期试题,希望对大家有所帮助。
高二化学上学期试题:
高二化学上学期试题答案:
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面对考试,我们应该调整好情绪才可以沉着地应对。下面是读文网小编为您带来的高二化学试题及答案,希望对大家有所帮助。
高二化学试题:
高二化学试题答案:
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